已知函式f x x x分之2 1 alnx a 0)

2021-03-11 04:44:48 字數 3523 閱讀 6904

1樓:匿名使用者

^因為f(x)=x-(2/x)-alnx(a>0)f'(x)=1 2/x^2-a/x=(x^2-ax 2)/x^2

定義域x>0

所以x^2>0

x^2-ax 2=(x-a/2)^2-a^2/4 2若2-a^2/4>=0

-2√2<=a<=2√2,又a>0

即0大於等於0

則f'(x)>=0

增函式若a>2√2

x^2-ax 2=0

x=[a±√(a^2-8)]/2

則若x^2-ax 2>0,x>[a √(a^2-8)]/2,x<[a-√(a^2-8)]/2

若x^2-ax 2<0,[a-√(a^2-8)]/20綜上02√2,則x>[a √(a^2-8)]/2,0<[a-√(a^2-8)]/2時是增函式,

[a-√(a^2-8)]/22時是增函式,1

所以x=2最小=2-3ln2

x=1或e^2最大

f(e^2)=e^2-2/e^2-5最大

[2-3ln2,e^2-2/e^2-5]

2樓:匿名使用者

^f(x)=x-2/x+1-alnx

f(x)'=(x^2-ax+2)/x^2;(x>0)①△=b^2-4ac=a^2-8≤回0 0 ≤a≤2√答2f(x)在x>0衡為增;

②△=b^2-4ac=a^2-8 a>2√2x=±√(a^2-2)+a/2;

f(x)在(-√(a^2-2)+a/2,√(a^2-2)+a/2)為減;

f(x)在(0,-√(a^2-2)+a/2))和(√(a^2-2)+a/2),+∞)為增;

(ⅱ)a=3

f'(x)=(x²-ax+2)/x²=(x-1)(x-2)/x²令f'(x)=0

x=1 x=2

當 12 單調增

x=2時有極小值

則f(2)=2-1+1-3ln2=2-3ln2f(1)=1-2+1-0=0

f(e²)=e²-2/e²+1-6=2.1179值域為[2-3ln2,2.1179]

3樓:劉賀

f(x)=x-2/x+1-a*lnx,62616964757a686964616fe58685e5aeb931333332613632(a>0),定義域:x>0

1f'(x)=1+2/x^2-a/x,△=a^2-8

1)當△=a^2-8<0,即:00,函式是增函式

當△=a^2-8=0,即:a=2sqrt(2)時,當:1/x=2sqrt(2)/4,即:x=sqrt(2)時,f'(x)=0

當:00,當:x>sqrt(2)時,f'(x)>0,故x=sqrt(2)不是函式的極值點

故:△=a^2-8≤0,即:00,即:a>2sqrt(2)時,當:(a-sqrt(a^2-8)/4<1/x<(a+sqrt(a^2-8)/4

即:4/(a+sqrt(a^2-8)

當:1/x≥(a+sqrt(a^2-8)/4或0<1/x≤(a+sqrt(a^2-8)/4,即:

0

2a=3,f(x)=x-2/x+1-3lnx,函式的減區間:(1,2),增區間:(0,1]∪[2,+inf)

在題目給的區間:[1,e^2]內,在[1,2)內是減函式,在[2,e^2]內是增函式

故函式在x=2處取得最小值:f(2)=2-3ln2

而:f(1)=1-2+1=0,f(e^2)=e^2-2/e^2+1-6=e^2-2/e^2-5≈2.1,故函式的值域:

y∈[2-3ln2,e^2-2/e^2-5]

函式f(x)=x2-alnx(a∈r)(1)討論f(x)的單調性(2)設函式y=f(x)在點a(1,f(1))處的切線為l

4樓:魘魅

(1)由已知得,f

′(x)=2x?a

x=2x?ax

,且函式f(x)的定義域為(0,+∞),

當a≤0時,f′(x)≥0,故f(x)在(0,+∞)上單調遞增,當a>0時,令f′(x)=0,得x=?a2(舍),x=a2

.當x∈(0,a2

)時,f′(x)<0,f(x)單調遞減;

當x∈(a2

,+∞)時,f′(x)>0,f(x)單調遞增.綜上,a≤0時,f(x)在(0,+∞)上單調遞增;

a>0時,f(x)在(0,a2

)上單調遞減,在(a2

,+∞)上單調遞增;

(2)由f(1)=1,f′(1)=2-a知,f(x)在點a(1,f(1))處的切線l的方程為:

y=(2-a)(x-1)+1.

∵l在點a處穿過函式y=f(x)的圖象,

∴令h(x)=f(x)-[(2-a)(x-1)+1]=x2-alnx-[(2-a)(x-1)+1].

則h(x)在x=1兩邊附近的函式值異號,則x=1不是函式的極值點.而h′

(x)=2x?a

x?(2?a)=(2x+a)(x?1)x.若1≠?a

2,則x=1和x=?a

2都是函式的極值點,

∴1=?a

2,即a=-2;

(3)由題意知方程x2-alnx-ax=0有唯一實數解,設g(x)=2x?a

x?a=2x

?ax?ax.

令g′(x)=0,解得x

=a?a

+8a4

(舍),x

=a+a

+8a4

.當x∈(0,x2)時,g′(x)<0,g(x)單調遞減,當x∈(x2,+∞)時,g′(x)>0,g(x)單調遞增.∴當x=x2時,g(x)取得最小值g(x2).則要使方程f(x)=ax有唯一實數解,只有g′(x)=0

g(x)=0,即

2x?ax

?a=0

x?alnx

?ax=0

,即2alnx2+ax2-a=0.

∵a>0,

∴2lnx2+x2-1=0.

設u(x)=2lnx+x-1,則x>0時,u′(x)=2

x+1>0,u(x)單調遞增,

∴u(x)至多有一解,

又∵u(1)=0,

∴方程2alnx2+ax2-a=0的解為x2=1.即a+a

+8a4

=1,解得a=1.

已知a>0,函式f(x)=alnx+1/x-x,討論函式f(x)的單調性 魔方格

5樓:

f'(x)=a/x-1/x²-1=(ax-1-x²)/x²=-(x²-ax+1)/x²

定義域為x>0

1)當a<=0, 那麼f'(x)<0, 函式在定義域x>0單調減;

2)當a>0時,

如果a²-4<=0, 即a<=2, 則也有-(x²-ax+1)<=0恆成立,函式在x>0也單調減;

如果a²-4>0, 即a>2時,f'(x)=0有2個正根x1=(a-√(a²-4))/2, x2=(a+√(a²-4))/2, 則函式在(0, x1),及(x2, +∞)單調減;在(x1, x2)單調增。

已知函式f x x x分之一 1 求f x 的定義域 2 用單調性定義證明函式f x x x分

解1顯然知函式的定義域 x x 0 2設x1,x2屬於 0,正無窮大 且x1 x2則f x1 f x2 x1 1 x1 x2 1 x2 x1 x2 1 x2 1 x1 x1 x2 x1 x1x2 x2 x1x2 x1 x2 x1 x2 x1x2 x1 x2 1 1 x1x2 由x1 x2得x1 x2...

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f x1 f x2 x1x2 2 x1 x2x1 2 x2 x1 2 1 x2 2 1 任取x1,x2屬於 1,10,x2 x1 0,所以 f x1 f x2 x1x2 2 x1 x2x1 2 x2 x1 2 1 x2 2 1 x1x2 x2 x1 x1 x2 x1 2 1 x2 2 1 x1x2 ...

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答案是4 根號a的平方 b的平方 10可以簡化為根號a b的和的平方加上8乘以a乘以b a b等於2倍根號2,a乘以b等於1,因而根號a b的和的平方加上8乘以a乘以b等於16,因而開平方根後是4。先化簡,a 1 b 三分之一倍的根號三 然後 1的平方是1 三分之一倍的根號3的平方是1 加10 是1...